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Publié par | analyse-mpsi |
Nombre de lectures | 21 |
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Langue | Français |
Extrait
[http://mp.cpgedupuydelome.fr] édité le 6 août 2013
Propriétés de l’intégrale
Exercice 1[ 01965 ][correction]
Soitf: [a b]→Rune fonction continue par morceaux etc∈]a b[.
Montrer que
b−1aZabf(t)dt6maxc1−aZacf(t)dbt1−cZcbf(t)dt
Exercice 2[ 01966 ][correction]
Soitf:R→Rcontinue etT >0. On suppose que
Zxx+Tf(t) dt=Cte
Montrer quefest périodique.
!
Exercice 3[ 01967 ][correction]
Soitf: [a b]→Rcontinue. Montrer
Zbaf(t)dt=Zab|f(t)|dtsi, et seulement si,f>0ouf60
Enoncés
Exercice 4CCP MP[ 01767 ][correction]
fétant continue sur[a b]et à valeurs dansR, trouver une condition nécessaire et
suffisante pour que
Zbdx=Zab|f(x)|dx
f(x)
a
Exercice 5X MP[ 03051 ][correction]
Soient(a b)∈R2aveca < betf∈ C0([a b]C).
A quelle condition portant surfa-t-on
b
Zaf=Zba|f|?
Exercice 6[ 01968 ][correction]
Soitf: [01]→Rcontinue telle que
11
Z0f(t)dt2
=
Montrer quefadmet un point fixe.
Exercice 7[ 01969 ][correction]
Soitf: [a b]→Rune fonction continue.
Montrer :
∃c∈]a b[b1−aZbaf(t)dt=f(c)
Exercice 8[ 01970 ][correction]
[Formule de la moyenne]
Soientf g: [a b]→Rcontinues avecg>0.
Montrer qu’il existec∈[a b]tel que
Zbaf(t)g(t)dt=f(c)Zbag(t)dt
Exercice 9[ 03092 ][correction]
[Seconde formule de la moyenne]
Soientf g: [a b]→Rdeux fonctions continues avecfdécroissante et positive.
a) Pourn∈N?, on pose
n−1
k=0Zak1g(t) dtavecak=a+k(b−a)
Xf(ak)ak+n
Sn=
Montrer que
Snn−−→Zbaf(t)g(t) dt
−−
→+∞
b) On introduitGla primitive degs’annulant ena.
Montrer que
f(a)[maibn]G6Sn6f(a)[maab]xG
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c) En déduire qu’il existec∈[a b]vérifiant
Zbaf(t)g(t) dt=f(a)Zacg(t) dt
d) Soientf g: [a b]→Rcontinues avecfmonotone.
Montrer qu’il existec∈[a b]tel que
b
Zabf(t)g(t) dt=f(a)Zacg(t) dt+f(b)Zcg(t) dt
Exercice 10[ 03188 ][correction]
Soitfune fonction réelle de classeC1positive et décroissante surI= [a b].
Soitgune fonction continue surI. On définitG:I→Rpar la relation
G(Zx
x) =g(t) dt
a
a) Montrer qu’il existem M∈Rtel que
G([a b]) = [m M]
b) Montrer que
Zabf(t)g(t) dt=f(b)G(b)−Zabf0(t)G(t) dt
c) En déduire qu’il existec∈[a b]tel que
Zbaf(t)g(t) dt=f(a)Zacg(t) dt
Exercice 11[ 01971 ][correction]
Soitf: [0 π]→Rcontinue.
a) Montrer que si
Z0πf(t) sintdt= 0
alors il existea∈]0 π[tel quefs’annule ena.
b) Montrer que si
π
Z0πf(t) sintdt=Zf(t) costdt= 0
0
alorsfs’annule 2 fois sur]0 π[.
(indice : on pourra regarderR0πf(t) sin(t−a)dt).
Enoncés
Exercice 12Mines-Ponts PC[ 01972 ][correction]
Soit(a b)∈R2tel quea < b,f: [a b]→Rcontinue etn∈Ntelle que :
∀k∈ {01 n}Zbatkf(t) dt= 0
Montrer quefs’annule au moinsn+ 1fois sur[a b].
Exercice 13[ 01973 ][correction]
Soitf: [01]→Rcontinue. Montrer quefpossède une unique primitiveF
que
Z10F(t) dt= 0
Exercice 14[ 01974 ][correction]
Soitf: [a b]→R. Montrer que la fonction
b
Zan(xt)dt
x7→f(t) si
est lipschitzienne.
telle
Exercice 15[ 02642 ][correction]
Soitf: [a b]→Rune fonction en escalier.
Montrer qu’il existe une subdivisionσdu segment[a b]adaptée àftelle que
toute autre subdivision adaptée àfsoit plus fine queσ.
Exercice 16X MP[ 02966 ][correction]
Soientf: [01]→Rcontinue telle que
Z10f(t) dt= 0
mle minimum defetMson maximum.
Prouver
Z1(t) dt6−mM
f2
0
Exercice 17X MP[ 02967 ][correction]
Soientfetgdeux fonctions croissantes et continues sur[01]. Comparer
Z01f(t)g(t) dtetZ10f(t) dt×Z1t) dt
g(
0
2
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Corrections
Exercice 1 :[énoncé]
Supposons
c−1aZcaf>b1−cZbcf
On a alors
f b−ac
Zbaf=Zacf+Zcbf6Zcaf+cb−−caZacc aZaf
=
−
Le cas
b
1Zcaf<b1−cZf
c−ac
est semblable et on peut conclure.
Corrections
Exercice 2 :[énoncé]
On introduitFune primitive de la fonction continuef.
La fonctionx7→F(x+T)−F(x)est constante, elle est donc de dérivée nulle et
par suitef(x+T)−f(x) = 0.
Exercice 3 :[énoncé]
(⇐) ok
(⇒) SiRabf>0alorsRbaf=Rab|f|donneRab|f(t)| −f(t) dt= 0. Or la fonction
|f| −fest continue et positive donc elle est nulle.
Le casRbaf <0est semblable.
Exercice 4 :[énoncé]
Montrer que l’égalité proposée a lieu si, et seulement si,fest de signe constant
Sif>0ouf60: ok
Inversement, supposons
Zbaf==Zba|f|
SiRabf>0alorsRabf=Rba|f|donneRab|f(x)| −f(x) dx= 0.
Or la fonction|f| −fest continue et positive c’est donc la fonction nulle et par
suitef=|f|est positive.
Le casRbaf <0est semblable.
3
Exercice 5 :[énoncé]
SupposonsRbaf=Rba|f|.
On peut écrireRbaf=reiθavecr=Rabfetθ∈R.
Considérons alorsg:t7→f(t)e−iθ.
On aRbag=Rabf∈RdoncRabg=RabRe(g).
Or|g|=|f|et l’hypothèse de départ donneRab|g|=RbaRe(g)puis
Rab|g| −Re(g) = 0.
Puisque la fonction réelle|g| −Re(g)est continue, positive et d’intégrale nulle,
c’est la fonction nulle.
Par suite Re(g) =|g|et donc la fonctiongest réelle positive.
Finalement, la fonctionfest de la formet7→g(t)eiθavecgfonction réelle positive.
La réciproque est immédiate.
Exercice 6 :[énoncé]
La fonctionϕ:t7→f(t)−test définie, continue sur[01]et
Z10ϕ(t)dt=Z10f(t)dt−1=20
doncϕs’annule.
Exercice 7 :[énoncé]
Posons
µ=b−1aZbaf(t)dt
La fonctionϕ:t7→f(t)−µest définie, continue sur[a b]et
Zabϕ(t)dt=Zabf(t)dt−µ(b−a) = 0
doncϕs’annule.
Exercice 8 :[énoncé]
SiRabg(t)dt= 0alorsg= 0(car on saitgcontinue et positive) et le problème est
immédiatement résolu.
Sinon, puisquefest continue sur le segment[a b], elle admet un minimum et
maximum en des pointscetd.
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Posonsm=f(c)etM=f(d).
Par positivité de la fonctiong, on a
mg(t)6f(t)g(t)6M g(t)
Corrections
donc
m6Rbaf(t)g(t)dt
Rbag(t)dt6M
Il suffit alors d’appliquer le théorème des valeurs intermédiaires entrecetdpour
conclure.
Exercice 9 :[énoncé]
a) En exploitant la relation de Chasles, on peut écrire
Snf(t)g(t) dt=X
−Znab−0=1Zaakk+1(f(ak)−f(t))g(t) dt
k
Soitε >0. Puisquefest continue sur le segment[a b], elle y est uniformément
continue et donc il existeα >0tel que
∀s t∈[a n]|s−t|6α⇒ |f(s)−f(t)|6ε
Pournassez grand, on a|(b−a)n|6αet alors pour toutt∈[ak ak+1]on a
|ak−t|6αdonc|f(ak)−f(t)|6ε. On en déduit
b
Sn−Zf(t)g(t) dt6nk−X01=Zaakk+1ε|g(t)|dt6εM(b−a)avecM=[saubp]|g|
a
Par suite
n→+∞Zbaf(t
Sn−−−−→)g(t) dt
b) En exprimant l’intégrale à l’aide de la primitiveG
n−1
Sn=Xf(ak) (G(ak+1)−G(ak))
k=0
En séparant la somme en deux, puis en procédant à un décalage d’indice sur la
première
n n−1
Sn=Xf(ak−1)G(ak)−Xf(ak)G(ak)
k=1k=0
puis en recombinant les deux sommes
n−1
Sn=f(an−1)G(an) +X(f(ak−1)